利用ajax提交form表单到数据库详解(无刷新)-巨人网络通讯

大家应该都知道，在静态页面提交表单到数据库很简单就是单纯的

form action="test.php" method="post">
/form>

这个缺点是会刷新页面，会跳转页面的。

今天给大家带来的技术就是ajax提交表单

优点是不刷新页面，不跳转页面，静默提交的。

至于什么是ajax，自己去百度了解。

首先我们得要有一个表单提交页面：

index.html

这个页面由两个部分组成

1、表单控件

2、jQuery+ajax处理脚本

jQuery脚本会获取form表单的数据，通过post的方式提交给api.php

!DOCTYPE HTML PUBLIC "-//W3C//DTD HTML 4.01 Transitional//EN">
html>
head>
 title>login test/title>
 meta http-equiv="Content-Type" content="text/html; charset=UTF-8">
 script src="http://apps.bdimg.com/libs/jquery/2.1.4/jquery.min.js">/script>
 script type="text/javascript">
  function insert() {
   $.ajax({
    type: "POST",//方法
    url: "api.php" ,//表单接收url
    data: $('#form1').serialize(),
    success: function () {
     //提交成功的提示词或者其他反馈代码
     var result=document.getElementById("success");
     result.innerHTML="成功!";
    },
    error : function() {
     //提交失败的提示词或者其他反馈代码
     var result=document.getElementById("success");
     result.innerHTML="失败!";
    }
   });
  }
 /script>
/head>
body>
div id="form-div">
 form id="form1" onsubmit="return false" action="##" method="post">
  p>input name="title" id="title" type="text" value="title"/>/p>
  p>input name="url" id="url" type="text" value="url"/>/p>
  p>input type="button" value="插入" onclick="insert()">/p>
  p>div id="success">/div>/p>
 /form>
/div>
/body>
/html>

下面就是表单接收页面

api.php

该页面其实很简单

就是连接数据库

然后插入数据库

插入数据库的两个值为

title和url

?php
$title = $_POST['title'];
$url = $_POST['url'];
$con = mysql_connect("localhost","root","root");
if (!$con)
 {
 die('Could not connect: ' . mysql_error());
 }
mysql_select_db("test", $con);
mysql_query("INSERT INTO testdata (title, url) 
VALUES ('$title', '$url')");

mysql_close($con);
?>

然后我们需要建立好一个数据库

数据库名为test，表名为testdata

下面是数据库截图

到此，本次案例完成。

当然上面的代码只是简单的实现了ajax提交form表单

但是还有很多细节需要优化，例如表单验证，数据加密等，可以自己拓展学习，完善。

总结

以上就是这篇文章的全部内容了，希望本文的内容对大家的学习或者工作具有一定的参考学习价值，如果有疑问大家可以留言交流，谢谢大家对脚本之家的支持。

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